部分ベクトル空間の集合算:トピック一覧 〜 数学についてのwebノート |
・定理:部分ベクトル空間の共通部分、部分ベクトル空間の合併 |
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定理:部分ベクトル空間の共通部分も部分ベクトル空間 |
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設定 |
R :実数体(実数をすべて集めた集合)Rn:実n次元数ベクトル空間 W1:Rnの部分ベクトル空間 W2:Rnの部分ベクトル空間 |
[ 文献:実n次元数ベクトル空間について]佐武『線形代数学』V§2(p.96) [文献:ベクトル空間一般について] ホフマン『線形代数学I』2.2定理2(p.37):証明付; 斎藤『線形代数入門』4.1(p.108): 永田『理系のための線形代数の基礎』1.5問1(p.32):証明なし; 砂田『行列と行列式』§5.2(p.162):証明なし; |
本題 1 |
「 Rnの部分ベクトル空間」W1 ,W2 の共通部分W1∩W2 も、「Rnの部分ベクトル空間」となる。 |
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本題 2 |
「 Rnの部分ベクトル空間」W1 ,W2 , … ,Wkの共通部分W1∩W2∩…∩Wk も、「Rnの部分ベクトル空間」となる。 |
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※ |
活用例: 〜が張る部分空間 |
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証明 |
仮定 1:W1は「Rnの部分ベクトル空間」仮定2:W2は「Rnの部分ベクトル空間」 この仮定のもとで、W1∩W2 は、「Rnの部分ベクトル空間」となるための必要十分条件を満たすことを示す。 1. W1∩W2 は、『Rnの空でない部分集合』である。 仮定1,2より、 W1もW2も「Rnの部分ベクトル空間」の定義:条件I-2-2を満たし、 W1にもW2にも零ベクトル0=( 0,0,…,0 )が属す。 つまり、0=(0,0,…,0)∈W1かつ0=(0,0,…,0)∈W2 したがって、W1∩W2 には、零ベクトル0=( 0,0,…,0 )が属す。 つまり、0=(0,0,…,0)∈(W1∩W2 ) よって、 W1∩W2 は、Rnの空でない部分集合。 2.W1∩W2 は、『Rnに定められているベクトルの加法』について閉じている。 ・W1∩W2に属す任意の実n次元数ベクトルu,vは、 ∩の定義から、u,v∈W1かつu,v∈W2 を満たす。 ・仮定1,2より、W1もW2も「Rnの部分ベクトル空間」の定義:条件I-1を満たし、 u,v∈W1 にたいして、u+v∈W1 u,v∈W2 にたいして、u+v∈W2 ・上記二点をあわせてかんがえると、 W1∩W2に属す任意の実n次元数ベクトルu,vにたいして、 u+v∈W1 かつ u+v∈W2 ・したがって、 W1∩W2に属す任意の実n次元数ベクトルu,vにたいして、u+v∈(W1∩W2 ) 以上から、W1∩W2 は、『Rnに定められているベクトルの加法』について閉じていることが示された。 3.W1∩W2 は、『Rnに定められているスカラー乗法』について閉じている。 ・W1∩W2に属す任意の実n次元数ベクトルvは、 ∩の定義から、v∈W1かつv∈W2 を満たす。 ・仮定1,2より、W1もW2も「Rnの部分ベクトル空間」の定義:条件I-1を満たし、 任意の実n次元数ベクトルv∈W1 と、任意の実数a∈Rにたいして、av∈W1 任意の実n次元数ベクトルv∈W2 と、任意の実数a∈Rにたいして、av∈W2 ・上記二点をあわせてかんがえると、 W1∩W2に属す任意の実n次元数ベクトルv と、任意の実数aにたいして、 av∈W1 かつ av∈W2 ・したがって、 W1∩W2に属す任意の実n次元数ベクトルvと、任意の実数aにたいして、av∈(W1∩W2 ) 以上から、W1∩W2 は、『Rnに定められているスカラー乗法』について閉じていることが示された。 以上1.,2.,3. より、 仮定1:W1は「Rnの部分ベクトル空間」 仮定2:W2は「Rnの部分ベクトル空間」 のもとで、 W1∩W2 が「Rnの部分ベクトル空間」となるための必要十分条件を満たすこと を示した。 したがって、「Rnの部分ベクトル空間」W1 ,W2 の共通部分W1∩W2 も、 「Rnの部分ベクトル空間」である。 |
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証明 |
本題 1への証明と、まったく同じ論理で証明できる。 |
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定理:部分ベクトル空間の合併は部分ベクトル空間になるとは限らない | ||
設定 |
R :実数体(実数をすべて集めた集合)Rn:実n次元数ベクトル空間 W1:Rnの部分ベクトル空間 W2:Rnの部分ベクトル空間 |
[ 文献]佐武 『線形代数学』 V§2(p.96):反例つき |
本題 |
「 Rnの部分ベクトル空間」W1 ,W2 の合併集合W1∪W2 は、「Rnの部分ベクトル空間」になるとは限らない。 |
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証明 |
W1 ∪W2 が、「Rnの部分ベクトル空間」にならないような、「Rnの部分ベクトル空間」W1 ,W2 の例をあげる。 (例) 1. W1を、基本ベクトル e1 1個のみから生成された部分ベクトル空間〈e1〉とする。 つまり、W1は、実n次元数ベクトル ( 1,0,…,0 ) の一次結合をすべて集めた集合。 といっても、一個のベクトルの一次結合だから、 要するに、 W1は、実n次元数ベクトル ( 1,0,…,0 ) の任意スカラー倍をすべてかき集めた集合 { (a ,0,…,0)|a∈R } となる。 W2を、基本ベクトル e2 1個のみから生成された部分ベクトル空間〈e2〉とする。 つまり、W2 は、実n次元数ベクトル(0, 1 ,0,…,0 ) の一次結合をすべて集めた集合。 といっても、一個のベクトルの一次結合だから、 要するに、 W2は、(0, 1 ,0,…,0 ) の任意スカラー倍をすべてかき集めた集合 { (0, b ,0,…,0 )|b∈R } となる。 2. この「Rnの部分ベクトル空間」W1 ,W2 の例において、 W1∪W2 ={ (a ,0,…,0)|a∈R }∪{ (0, b ,0,…,0)|b∈R } は「Rnの部分ベクトル空間」とはならない。 「Rnの部分ベクトル空間」となるための必要十分条件のなかの一要件を満たさないからである。 3. Q1:「『Rnの部分ベクトル空間』となるためには、Rnの空でない部分集合でなければならない」 Q3:「『Rnの部分ベクトル空間』となるためには、『Rnに定められているスカラー乗法』について閉じていなければならない」 という二要件については、 W1∪W2 ={ (a ,0,…,0)|a∈R }∪{ (0, b ,0,…,0)|b∈R } は満たしている。 しかし、 Q2:「『Rnの部分ベクトル空間』となるためには、『Rnに定められているベクトルの加法』について閉じていなければならない」 という要件について、 W1∪W2 ={ (a ,0,…,0)|a∈R }∪{ (0, b ,0,…,0)|b∈R } は満たさない。 実際、 ( 1,0,…,0)∈W1 、したがって、( 1,0,…,0 )∈(W1∪W2) (0, 1 ,0,…,0)∈W2 、したがって、(0, 1 ,0,…,0)∈(W1∪W2) にたいして、 ( 1,0,…,0)+(0, 1 ,0,…,0)=( 1, 1 ,0,…,0) は、 W1∪W2 ={ (a ,0,…,0)|a∈R }∪{ (0, b ,0,…,0)|b∈R } に属しておらず、 W1∪W2 ={ (a ,0,…,0)|a∈R }∪{ (0, b ,0,…,0)|b∈R } の外へ飛び出してしまう。 |
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関連 |
W1 ∪W2 を含む最小の『Rnの部分ベクトル空間』は、和空間(W1+W2)。 |
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(reference)
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